高中数学奥赛辅导 第九讲 组合恒等式、组合不等式
上传者:刘艳|上传时间:2015-04-15|密次下载
高中数学奥赛辅导 第九讲 组合恒等式、组合不等式
数学奥赛辅导 第九讲 组合恒等式、组合不等式
知识、方法、技能
Ⅰ.组合恒等式
竞赛数学中的组合恒等式是以高中排列组合、二项式定理为基础,加以推广、补充而形成的① 一类组合问题.组合恒等式的证明要借助于高中常见的基础组合等式.例如
rn r
Cn Cn
②
r 1r 1rCn Cn 1 Cn
③ Cr nCr 1nn 1⑤
rrmmr m
④ CnCn Cn Cn m
012n
Cn Cn Cn Cn 2n
⑥ C0 C1 C2 C3 ( 1)nCn 0nnnnn组合恒等式的证明方法有: ①恒等变形,变换求和指标; ②建立递推关系; ③数学归纳法; ④考虑组合意义; ⑤母函数. Ⅱ.组合不等式
组事不等式以前我们见的不多,在其他一些书籍中组合不等式的著述也很少,但是近年来组合不等式的证明却出现在国内、国际大赛上.例如1993年中国高中数学联赛二试第二大题为:
设A是一个有n个元素的集合,A的m个子集A1,A2 ,Am两两互不包含,试证: (1)
1
1; |AI|
Ci 1n
m
(2)
C
i 1
m
|AI|n
m2
|A|
其中|Ai|表示Ai所含元素的个数,CnI表示n个不同元素取|Ai|的组合数. 再如1998年第39届国际数学奥林匹克竞赛中第二大试题为:
在某一次竞赛中,共有a个参赛选手与b个裁判,其中b≥3,且为奇数.每个裁判对每个选手的评分中只有“通过”或“不及格”两个等级,设k是满足条件的整数;任何两个裁判至多可
对k个选手有完全相同的评分. 证明:
kb 1 . a2b
因此我们有必要研究组合不等式的证明方法.组合不等式的证明方法有: 1.在集合间建立单射,利用集合阶的不等关系
定理,设X和Y都是有限集,f为从X到Y的一个映射, (1)若f为单射,则|X|≤|Y|; (2)若f为满射,则|X|≥|Y|. 2.利用容斥原理
例如:设元素a属于集族{A1,A2, ,An}的k个不同集合Ai1,Ai2, ,Aik,则在
2
a被计算了k次,当k≥2时,集合Ai1,Ai2, ,Aik两两的交集共有Ck个.由于
|A|中
i
i 1
n
Ck2
k(k 1)
k 1,故a在 |Ai Aj|中至少少被计算了k-1次,这样我们得到下面的不21 i j n
等式:
| Ai| |Ai|
i 1
i 1
n
n
1 i j n
|A A
i
j
|
组合不等式(*)可由容斥公式:
| Ai| |Ai|
i 1
i 1
n
n
1 i j n
|A A
i
j
| ( 1)
(n 1)
| Ai|删去右边第三个和式起的所有和式
i 1
n
得到.
采用这种办法,我们可以从容斥公式得到另外一些组合不等式,只是要注意这些不等式的方向的变化.
3.利用抽屉原则
由于抽世原则的结论本身就是组合不等式关系,所以我们利用抽屉原则,巧妙构造抽屉的方法证明组合不等式.
4.利用组合分析
在复杂的组合计数问题、离散极值问题等问题中,会出现一些组合不等式,这时可运用组合分析方法证明之.
赛题精讲
例1 证明:
C2kn 22n 1
k 0n
k2n
2n
n
(2n)!
2 n!n!
k2n
k
C,而对于 C2n,变换求和指标.
k
2n
k n 1
k n 1
2n
2n
【分析】 把
C
k 0
k2n
变形为 C
k 0
2n
k2n
2n
【证明】
C
k 0
n
C
k 0
k n 1
C
n
k2n
2
2n
n
k n 1
C
2n
k2n
k
,对于和式 C2n,令j 2n k,则
k n 1
2n
k n 1n
C
2n
k
2n
C
j 0n
n 1
j2n
C C
j2nj 0
n2n
kn
C2n C2n. k 0
所以
C
k 0n
k
2n
2
2n
kn
C2 Cn2n. k 0
即 2
n
C
k 0
k
2nn
22n C2n,从而有
C2kn 22n 1
k 0
(2n)!
.
2 n!n!
m 2
m 3
11n
Cn ,其中n N. n
m n 1(m n 1)Cm n
例2 求证:1C0 1C1 1C2 ( 1)n
nnn
m 1
1111012nCn Cn Cn ( 1)nCn,则由基本恒等式m 1m 2m 3m n 1
rrrrr 1r 1
Cn Cn C及C Cn得 1n 1n
n
证明 设an
an
111( 1)n 1n 1( 1)n 1n 101021n 2
Cn (Cn C) (C C) (C C) Cn 1. 1n 1n 1n 1n 1n 2
m 1m 2m 3m nm n 1
m 1m 1
an,即an an an 1.nnnn(n 1)
所以an an 1 an 2
m n 1(m n 1)(m n)
n!
a1,
(m n 1)(m n) (m 3)111
而a1 ,
m 1m 2(m 2)(m 1)
n!1
从而有an .n
(m n 1)(m n) (m 2)(m 1)(m n 1)Cm n故an an 1
【说明】注意到an中各项的系数均与n无关,且符号正负相同,由此想到an与an-1之间
必定存在着某些联系,且是递推关系.
例3 求证:
( 1)
k 0
n
k
k
22n 2kC2n k 1 n 1.
kkk 1
【分析】考虑到恒等式C2n k 1 C2n k C2n k,仿例2解决.
n
【证明】令an
( 1)
k 0
k
k
22n 2k C2n k 1,
kkk 1
因为,C2n k 1 C2n k C2n k,
n
所以an 2
2
2n
k
( 1)k 22n 2kC2n k 1k 1n
2n
kk 1 ( 1)k 22n 2k(C2n k C2n k)k 1k
2n 2k
k
2n k
k 1
( 1)k 22n 2kC2n k.k 1n
( 1) 2
k 0
n
C
令r k 1,则
( 1)
k 1
n
k
2
2n 2k
C
k 1
2n k
r
( 1)r 1 22(n 1) 2rC2(n 1) r 1r 0
r ( 1)r22(n 1) 2rC2(n 1) r 1 an 1.
r 0n 1
n 1
令
( 1)
k 0
n
k
k
22n 2kC2n k bn,则bn an an 1 ①
又bn 2
2
2n
kn ( 1)k 22n 2kC2 ( 1)n kk 1
kk 1n ( 1)k 22n 2k(C2 C) ( 1)n k 12n k 1k 1n 1n 1
n 1
2n
4an 1 ( 1)j 22(n 1) 2jC2j(n 1) j
j 0
4an 1 bn 1.
于是由①式得bn 1 an 1 an 2,从而推知an an 1 4an 1 an 1 an 2,即an an 2 2an 1. 这说明{an}为等差数列,而a0=1,a1=2,故公差d=1,且an=n+1 .
【说明】此题运用变换求和指标的方法,找出了an,an-1,an-2之间的线性关系式,再由 初始条
件求得an.这种利用递推关系求组合数的方法,在解决较复杂的计算或证明组事恒等式时经常用到.
例11:设D1 {A1,A2, ,An},D2 {B1,B2, ,Bn}是集合M的两个划分,又对任何两个不变的子集Ai,Bj(1 i,j n)有|Ai Bj| n,求证:|M|
12
n并说明等号能否成立? 2
【证明】令k min{|Ai|,|Bj|,1 i,j n},不妨设|Ai| k,因B1,B2, ,Bn两两不交,故B1,B2, ,Bn中至多有k个Bj,使A1 Bj .设
A1 Bj ,j 1,2, ,m,n k.
由k的选取知|Bj| k(j 1,2, m),从而|又因 A1 Bj ,i m 1, ,n.
故 |A1| |Bi| |A1 Bi| n, 即 |Bi| n k. 所以 |M| |B| |B| |
j j
j 1
j 1
n
m
B
j 1
m
j
| mk.
j m 1
B
n
j
| mk (n m)(n k)
n(n k) m(n 2k).
若k
n
,因m k,故 2
n2nn22
|M| n(n k) m(n 2k) n(n k) k(n 2k) 2() 2( k) .
222
nnnnn2
若k ,则|Ai| (i 1,2, ,n), 从而 |M| | Ai| |Ai| .
222i 1i 1
下面说明|M| n是可以取到的.显然这时n为偶数,取n 4,则|M| 8,令
2
2
M {1,2,3,4,5,6,7,8},易验证M的两个划分.
D1={{1,2}{3,4}{5,6}{7,8}}, D2={{1,2}{3,5}{4,6}{7,8}}, 满足题目条件.
例12:设n是正整数,我们说集合{1,2, ,2n}的一个排列(x1,x2, x2n)具有性
质P,是指在{1,2, ,2n-1}当中至少有一个i,使得|xi xi 1| n.求证,对于任何n,具有性质P的排列比不具有性质P的排列的个数多.
(1989,第30届IMO试题6)
【证明】设A为不具有性质P的排列的集合,B为具有性质P的排列的集合,显然
|A| |B| (2n)!.为了证明|A| |B|,只要得到|B|
1
(2n)!就够了.使作容斥原理. 2
设(x1,x2, ,x2n)中,k与k n相邻的排列的集合为Ak,k 1,2, ,n.则
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