2012年全国初中数学联合竞赛试题参考答案
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2012年全国初中数学联合竞赛试题参考答案
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2012年全国初中数学联合竞赛
试题参考答案
第一试
一、选择题(本题满分4每小题7分)2分,已知a=1.-1,b=c=2,那么a,b,c的大小关系是(. )
(A)a<b<c (B)a<c<b
(C)b<a<c (D)b<c<a
方程x+22.x4的整数解(x,y+3y=3的组数为(. )y)
2
2
(A)36个
(C)44个(B)40个
(D)48个.
b
二、填空题(本题满分2每小题7分)8分,已知互不相等的实数a,1.b,c满足a+=b+
,则t=c+=t=ca
.
.
m使得5×22.+1是完全平方数的整数m
的个数为
(A)3
(C)5 (B)4
(D)6
在△A已知A3.BC中,B=AC,∠A=
已知正方形A3.BCD的边长为1,E为
连接A与BC边的延长线上一点,CE=1,E,
连接BCD交于点F,F并延长与线段DE交则B于点G,G的长为(. )
(A 3(C 3
(B3(D3
,,则P为AB上一点,CP=20°=40°∠A
AP
.
已知实数a,4.b,c满足abc=-1,a+b+
c=4,2+2+2=
a-3a-1b-3b-1c-3c-1,222则a+b+c=9
.
第二试(A)
(一、本题满分2已知直角三角形的0分)边长均为整数,周长为3求它的外接圆的面0,积.
(二、本题满分2如图,5分)PA为⊙O的切线,PBC为⊙O的割线,AD⊥OP于点D.证明:AD2
内容需要下载文档才能查看=BD·CD.
24
已知实数a,则ab满足a2+b=1,+4.
4
的最小值为(ab+b. )
(A)-
8(C)1
(B)0(D8
2
若方程xx-35.+2pp-2=0的两个不
232
相等的实数根xxx4-(x1,2满足x1+1=2+3
,则实数p的所有可能的值之和为(x. )2)
(A)0 (C)-1
(B)-
4(D)-.4
(三、本题满分2已知抛物线y=-5分)2
与x轴的正半轴交+bx+c的顶点为P,
6
)、)(于A(两点,与y轴交x0B(x0xx1,2,1<2)于点C,设MPA是△ABC的外接圆的切线.
由1,6.2,3,4这四个数字组成四位数
,数字可重复使用)要求满足a+abcdc=b+
这样的四位数共有(d.. )
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数学竞赛之窗
,(若AM∥B求抛物线的解析式.0,-)C,2
第二试(B)
(一、本题满分2已知直角三角形的0分)周长为6求它的外接圆的面边长均为整数,0,积.
(二、本题满分2如图,5分)PA为⊙O的切线,PBC为⊙O的割线,AD⊥OP于点D,证C的外接圆与BC的另一个交点为E.△AD
明:AE=∠ACB
内容需要下载文档才能查看.∠B
),+1
22
)而-+1=3-2>0,故c>∴ >+1,a.因此b<a<c.
(2.B).
22解 方程即(显然x+x+y)+24,y=3
,所以可设x+y=2则原方程ty必须是偶数,
t=±2,22
变为2它的整数解为从t+y=17,
y=±3,
{
,而可求得原方程的整数解为(x,=(-7,3)y)(),(),(),共4组.1,37,-3-1,-3
(3.D).
解 过点C作C交DP∥BG,E于点P.∵ BC=CE=1,
∴ CP是△BEG的中位线,∴ P为E
内容需要下载文档才能查看G的中点.
(三、本题满分2题目和解答与(5分)A)卷第三题相同.
第二试(C)
(一、本题满分2题目和解答与(卷0分)B)第一题相同.
(二、本题满分2题目和解答与(卷5分)B)第二题相同.
(三、本题满分2已知抛物线y=-5分)2
与x轴的正半轴交+bx+c的顶点为P,
6
)、)(于A(两点,与y轴交x0B(x0xx1,2,1<2)将抛于点C,PA是△ABC的外接圆的切线.物线向左平移2个单位,得到的新抛41)物线与原抛物线交于点Q,且∠QBO=求抛物线的解析式.BC.∠O
参考答案
第一试一、1.(C)
解 ∵ =+1=+ab∴ 0<
,故b<a.<ab
又∵ AD=CE=1,AD∥CE,所以C∴ △ADF≌△ECF,F=DF,又CP∥FG,∴ FG是△DCP的中位线,∴ G为DP的中点.
因此DG=GP=PE=E=.
33
,连接B易知∠BD,DC=∠EDC=45°∴ ∠BDE=90°.又BD=∴ BG=D2+DG2
=
(4.B).解
4422222
)-2a+ab+b=(a+bab+ab
+
=.93
222
(=1-2ab+ab=-2ab-)+.
48
22
∵ 2aba+b=1,||≤
又c-a=-2)-1)=
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∴ -
从而ab≤,-≤ab-≤≤2244
因此,这样的四位数共有6×4=24个.4个.
()使用3个不同的数字,只能是1、32、2、3或2、组成的四位数可以是13、3、4,232,2123,共有8个.2321,3212,2343,3234,3432,4323,()使用4个不同的数字1,组成的42,3,4,四位数可以是1243,1342,2134,2431,3124,共有8个.3421,4213,4312,因此,满足要求的四位数共有4+24+8+
,2,故0≤(ab-)≤
4416
2,(因此0≤-2ab-)+≤
488即0≤a+ab+b≤.8
4
4
44
因此a的最小值为0,+ab+b
,当a=-b=或a=,b=-时
2
2
2
2
取得.
(5.B).
解 由一元二次方程的根与系数的关系可得xx2xx3p,p-2,1+2=-1·2=-
2222所以xxxx2xx4p1+2=(1+2)-1·2=
8=44个.
二、1.±1.
,解 由a+=得b=,t
bt-a,,代入b+=得+=ttct-ac2
))整理,得ct-(ac+1t+(a-c=0,,又由c+=可得atc+1=at
a
22
)代入①式,得ct-at+(a-c=0,
2
()即(c-a)t-1=0,
2
又c≠所以t所以ta,-1=0,=±1.
①
+6p+4,
332
[(xxxx1+x2=(1+x2)1+x2)-31·2
)x=-24.p(p+9p+62]
2323
,又由x得x4-(xx1+1=2+2)
2233
,xx4-(xx1+2=1+2)
22
),∴ 44p+6p+4=4+2p(p+9p+6
)()∴ p(4=0,p+3p+1
,时验证可知:b=c=t=1;b=
aa1-,时因此,-c=-t=-1.t=±1.
aa1+
2.1.
m2
(,解 设5×2其中n为正整数)+1=nm2
)(),则5×2=n-1=(n+1n-1
显然n为奇数,设n=2其中k是正k-1(mm-2,,则5×2即5×2整数)=4k(k-1)=k(k
,
∴ p0,1.pp1=2=-3=-
4均满足题代入检验可知:0,pp1=2=-4意,1不满足题意.p3=-
因此,实数p的所有可能的值之和为p1
+p0+(-)=-.2=
44
(6.C).
解 根据使用的不同数字的个数分类考虑:
()只用1个数字,组成的四位数可以是1
共有4个.1111,2222,3333,4444,
()使用2个不同的数字,使用的数字有62种可能(如果使1、2,1、3,1、4,2、3,2、4,3、4).用的数字是1、组成的四位数可以是12,122,共有4个;同样地,如果使用1221,2112,2211,
的数字是另外5种情况,组成的四位数也各有
)-1.
显然k>1,此时k和k-1互质,
m-2
,k=5,k=5×2
或或∴ m-2
,k-1=1,k-1=2
m-2
,k=2
k-1=5,
{{
{
解得k=5,m=4.
因此,满足要求的整数m只有1个.3..解 设D为B在△AC的中点,BC外作
,则∠BAE=20°AE=60°.∠C
作C则易证△AE⊥AE,PF⊥AE,CE≌
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数学竞赛之窗
实际上,满足条件的a,b,c可以分别为-,4.22
第二试(A)一、解 设直角三角形的三边长分别为
所以CCD,E=CD=C.△A
2
又PF=PAsin∠BAE=PAsin60°=2
AP,PF=CE,
∴ P=C,
22
(),则a+a,b,ca≤b<cb+c=30.
显然,三角形的外接圆的直径即为斜边长下面先求c的值.c,
由a≤得b<c及a+b+c=30,30=a+b+c<3c,∴ c>10.
由a+得b>c及a+b+c=30,30=a+b+c>2c,∴ c<15.又∵ c为整数,∴ 11≤c≤14.
222
,根据勾股定理可得a+b=c
因此=.
AP
4.
2
22
解 ∵a-3a-1=a-3a+abc=a(bc+)a-3
))(),=a(bc-b-c+1=a(b-1c-1
把c=3化简得0-a-b代入,
(ab-30a+b)+450=0,
22
(,∴ (30-a)30-b)=450=2×3×5
∴ 2.=()()c-1a-3a-1b-1
,同理可得 2=c-1b-3b-1a-1
.=b-1c-3c-1a-1
结合
2
∵ a,b均为整数且a≤b,
2,30-a=5
只可能是∴ 2
,30-b=2×3
{
解得
{
a=5,
b=12.
+2+2=,2
a-3a-1b-3b-1c-3c-19可得
++b-1c-1a-1c-1
三角形∴ 直角三角形的斜边长c=13,的外接圆的面积为.
4
二、证明 连接OA,OB,OC.
∵ OA⊥AP,AD⊥OP,
∴ 由射影定理可得PA2=PD·PO,
,
=9a-1b-1
()((a-1b-1)c-1)=(a-1)+9
())b-1+(c-1.
结合abc=-1,a+b+c=4,
∴
可得ab+bc+ac=-.
4因此
222a+b+c
AD2=PD·OD.
又由切割线定理可得PA2=PB·PC,∴ PB·PC=PD·PO,
∴ D、B、C、O四点共圆,
∴ ∠PDB=∠PCO=∠OBC=DC,BD=∠COD,∠O∠P∴ △PBD∽△COD,
2
)()a+b+c-2ab+bc+ac=. =(
2,∴ =
CDOD
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∴ AD2=PD·OD=BD·CD.2
,三、解 易求得点P(点C3b+c)
2()0,c.
设△A则点PBC的外接圆的圆心为D,和点D都在线段A设点DB的垂直平分线上,的坐标为(3b,m).
2
显然,xx+bx1,2是一元二次方程-
6+c=0的两根,
2
∴ x3b-b+6c,1=x3b+b+6c2=
第二试(B)
一、解 设直角三角形的三边长分别为(),则a+a,b,ca≤b<cb+c=60.
显然,三角形的外接圆的直径即为斜边长下面先求c的值.c,
由a≤b<c及a+b+c=60得60=a+b+c<3c,∴ c>20.由a+b>c及a+b+c=60得60=a+b+c>2c,∴ c<30.又∵ c为整数,∴ 21≤c≤29.
222
,根据勾股定理可得a+b=c
把c=60-a-b代入,
(化简得ab-60a+b)+1800=0,
32
(∴ (60-a)60-b)=1800=2×3×2
,5
),又AB的中点E的坐标为(3b,0∴ AE=b+6c.
所以P∵ PA为⊙D的切线,A⊥AD,又AE⊥PD,
∴ 由射影定理可得AE=PE·DE,
2
2
∵ a,b均为整数且a≤b,
3
0-a=2×5,只可能是∴ 20-b=3×5,2
,60-a=2×5或 22,60-b=2×3222
)·|即(b+6c=+cm|,2又易知m<0,∴ 可得m=-6.
又由DA=DC得DA2=DC2,
222
即(b+6c+m2=(3b-0)+(m-2
),c
=20,=10,解得 或 =15,=24.当a=2三角形的外接0,b=15时,c=25,;圆的面积为4
当a=1三角形的外接0,b=24时,c=26,圆的面积为169π.
二、证明 连接OA,OB,OC,BD.∵ OA⊥AP,AD⊥OP,
∴ 由射影定理可得PA2=PD·PO,
把m=-6代入后可解得c=-6(另一解
c=0舍去).
又∵ AM∥BC,
,
∴ =
OBOC
|-即=.2-6||3b+b+6c
2
AD2=PD·OD.
又由切割线定理可得PA2=PB·PC,∴ PB·PC=PD·PO,∴ D、B、C、O四点共圆,
∴ ∠PDB=∠PCO=∠OBC=
DC,BD=∠COD,∠O∠P∴ △PBD∽△COD,
把c=-6代入,解得b=(另一解b=-
2舍去)
.
2
因此,抛物线的解析式为2y=-+-6.
62
,
∴ =
CDOD
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