2017届高考理科数学二轮复习训练:1-2-1 三角函数的图象与性质(参考解析)
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2017届高考理科数学二轮复习训练:1-2-1 三角函数的图象与性质(参考解析)
一、选择题
1.将函数y=sin6(π)(x∈R)的图象上所有的点向左平移4(π)个单位长度,再把图象上各点的横坐标扩大到原来的2倍,则所得的图象的解析式为( )
A. y=sin12(5π)(x∈R)
B. y=sin12(5π)(x∈R)
C. y=sin12(π)(x∈R)
D. y=sin24(5π)(x∈R)
答案 B
解析 原函数图象向左平移4(π)个单位后得y=sin6(π)4(π)=sin12(5π)(x∈R)的图象,再把图象上各点的横坐标扩大到原来的2倍得y=sin12(5π)(x∈R)的图象.
2.函数f(x)=tanωx(ω>0)的图象的相邻两支截直线y=2所得线段长为2(π),则f6(π)的值是( )
A.- B.3(3)
C.1 D.
答案 D
解析 由题意可知该函数的周期为2(π),∴ω(π)=2(π),ω=2,f(x)=tan2x,∴f6(π)=tan3(π)=,故选D.
3.将函数f(x)=cosx-sinx(x∈R)的图象向左平移a(a>0)个单位长度后,所得到的图象关于原点对称,则a的最小值是( )
A.12(π) B.6(π)
C.3(π) D.6(5π)
答案 B
解析 f(x)=cosx-sinx=23()=2cos3(π),由题知3(π)+a=2(π)+kπ,k∈Z,所以a=6(π)+kπ,k∈Z,又因为a>0,所以a的最小值为6(π).
4.函数f(x)=2cos(ωx+φ)(ω≠0)对任意x都有f+x(π)=f-x(π),则f4(π)等于( )
A.2或0 B.-2或2
C.0 D.-2或0
答案 B
解析 由f+x(π)=f-x(π)可知函数图象关于直线x=4(π)对称,则在x=4(π)处函数取得最值,所以f4(π)=±2,故选B.
5.[2015·云南统测]已知平面向量a=(2cos2x,sin2x),b=(cos2x,-2sin2x),f(x)=a·b,要得到y=sin2x+cos2x的图象,只需要将y=f(x)的图象( )
A.向左平行移动6(π)个单位
B.向右平行移动6(π)个单位
C.向左平行移动12(π)个单位
D.向右平行移动12(π)个单位
答案 D
解析 由题意得:f(x)=a·b=2cos4x-2sin4x=2(cos2x+sin2x)(cos2x-sin2x)=2cos2x=2sin2(π),而y=sin2x+cos2x=2sin3(π)=2sin2(π),故只需将y=f(x)的图象向右平移12(π)个单位即可.故选D.
6.[2015·南宁适应性测试]函数f(x)=2(1)(1+cos2x)·sin2x(x∈R)是( )
A.最小正周期为π的奇函数
B.最小正周期为2(π)的奇函数
C.最小正周期为π的偶函数
D.最小正周期为2(π)的偶函数
答案 D
解析 注意到sin2x=2(1)(1-cos2x),因此f(x)=4(1)(1+cos2x)(1-cos2x)=4(1)(1-cos22x)=4(1)sin22x=8(1)(1-cos4x),即f(x)=8(1)(1-cos4x),f(-x)=8(1)(1-cos4x)=f(x),因此函数f(x)是最小正周期为2(π)的偶函数,选D.
7.[2014·济宁一模]已知函数f(x)=Asin(ωx+φ)(0<φ<π)的图象如图所示,若f(x0)=3,x0∈6(5π),则sinx0的值为( )
A.10(3-3) B.10(3+4)
C.10(3+1) D.10(3+3)
答案 B
解析 由图象知A=5,2(T)=3(4π)-3(π)=π,
∴T=2π,∴ω=2π(2π)=1,
且1×3(π)+φ=2kπ+2(π),又0<φ<π,∴φ=6(π),
∴f(x)=5sin6(π).
由f(x0)=3,得sin(x0+6(π))=5(3),
即2(3)sinx0+2(1)cosx0=5(3),①
又x0∈6(5π),∴x0+6(π)∈,π(π),
∴cos6(π)=-5(4),即2(3)cosx0-2(1)sinx0=-5(4),②
由①②解得sinx0=10(3+4).
8.[2015·江西八所重点中学联考]已知函数f(x)=2(sinx+cosx+|sinx-cosx|),则下列结论正确的是( )
A.f(x)是奇函数
B.f(x)在2(π)上递增
C.f(x)是周期函数
D.f(x)的值域为[-1,1]
答案 C
解析 由题意得,f(x)本质上为取sinx,cosx中的较大值,为周期函数,一个周期T=2π,在(0,2π]上的解析式为:f(x)=,2π(5π).∵f(x)为非奇非偶函数,
∴A错误;f(x)在4(π)上单调递减,在2(π)上单调递增,∴B错误;由f(x)在(0,2π]上的解析式可知,其值域为,1(2),∴D错误.故选C.
9.[2015·南宁适应性测试]已知函数f(x)=sin(2x+α)在x=12(π)时有极大值,且f(x-β)为奇函数,则α,β的一组可能值依次为( )
A.6(π),-12(π) B.6(π),12(π)
C.3(π),-6(π) D.3(π),6(π)
答案 D
解析 依题意得2×12(π)+α=2k1π+2(π),k1∈Z,即α=2k1π+3(π),k1∈Z,因此选项A、B均不正确;由f(x-β)是奇函数得f(-x-β)=-f(x-β),即f(-x-β)+f(x-β)=0,函数f(x)的图象关于点(-β,0)对称,f(-β)=0,sin(-2β+α)=0,sin(2β-α)=0,2β-α=k2π,k2∈Z,结合选项C、D,则α=3(π)得β=2(k2π)+6(π),k2∈Z,因此选D.
10.[2015·南昌一模]如图,M(xM,yM),N(xN,yN)分别是函数f(x)=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0)的图象与两条直线l1:y=m(A≥m≥0),l2:y=-m的两个交点,记S(m)=|xN-xM|,则S(m)的图象大致是( )
答案 C
解析 如图所示,作曲线y=f(x)的对称轴x=x1,x=x2,点M与点D关于直线x=x1对称,点N与点C关于直线x=x2对称,所以xM+xD=2x1,xC+xN=2x2,所以xD=2x1-xM,xC=2x2-xN.
又点M与点C、点D与点N都关于点B对称,所以xM+xC=2xB,xD+xN=2xB,
所以xM+2x2-xN=2xB,2x1-xM+xN=2xB,
得xM-xN=2(xB-x2)=-2(T),xN-xM=2(xB-x1)=2(T),所以|xM-xN|=2(T)=ω(π)(常数),选C.
二、填空题
11.[2015·长春质监(三)]函数y=2(1)sinx+2(3)cosxx∈2(π)的单调递增区间是________.
答案 6(π)
解析 ∵y=2(1)sinx+2(3)cosx=sin3(π),
∴函数的单调递增区间为6(π)(k∈Z),
又x∈2(π),∴单调递增区间为6(π).
12.若函数f(x)=cos2x+asinx在区间2(π)是减函数,则a的取值范围是________.
答案 (-∞,2]
解析 f(x)=cos2x+asinx=1-2sin2x+asinx,令t=sinx,x∈2(π),则t∈,1(1),原函数化为y=-2t2+at+1,由题意及复合函数单调性的判定可知y=-2t2+at+1在,1(1)上是减函数,结合抛物线图象可知,4(a)≤2(1),所以a≤2.
13.函数f(x)=sin(ωx+φ)(x∈R)2(π)的部分图象如图所示,如果x1,x2∈3(π),且f(x1)=f(x2),则f(x1+x2)=________.
答案 2(3)
解析 由图可知,2(T)=3(π)-6(π)=2(π),则T=π,ω=2,又∵3()=12(π),∴f(x)的图象过点,1(π),即sin+φ(π)=1,得φ=3(π),∴f(x)=sin3(π).而x1+x2=-6(π)+3(π)=6(π),∴f(x1+x2)=f6(π)=sin3(π)=sin3(2π)=2(3).
14.[2015·湖南高考]已知ω>0,在函数y=2sinωx与y=2cosωx的图象的交点中,距离最短的两个交点的距离为2,则ω=________.
答案 2(π)
解析 由题意,两函数图象交点间的最短距离即相邻的两交点间的距离,设相邻的两交点坐标分别为P(x1,y1),Q(x2,y2),易知|PQ|2=(x2-x1)2+(y2-y1)2,其中|y2-y1|=-(-)=2,|x2-x1|为函
数y=2sinωx-2cosωx=2sin4(π)的两个相邻零点之间的距离,恰好为函数最小正周期的一半,所以(2)2=2ω(2π)2+(2)2,ω=2(π).
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