上海中学 高二数学 竞赛选拔
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上海中学 高二数学 竞赛选拔
上海中学 唐名昌
2015年上海中学高二数学竞赛选拔初试
一.选择题:
1.由一个正方体的三个顶点所能构成的正三角形的个数为( ) A.4 B.8 C.12 D.24 a+b-cabc
2.设a、b、c均为非零复数,且bca,则的值为( )
a-b+c
A.1 B.±ω C.1,ω,ω2 D.1,-ω,-ω2
3.设a是正整数,a<100,并且a3+23能被24整除,那么,这样的a的个数为( )
A.4 B.5 C.9 D.10
4.设函数y=f(x)对于一切实数x满足f(3+x)=f(3-x).且方程f(x)=0恰有6个不同的实数根,则这6个实根的和为( )
A.18 B.12 C.9 D.0 5.设S={(x,y)|x2-y2=奇数,x,y∈R},T={(x,y)|sin(2πx2)-sin(2πy2)=cos(2πx2)-cos(2πy2),x,y∈R},则( )
??
A.S?T B.T?S C.S=T D.S∩T=Ø 6.方程|x-y2|=1-|x|的图象为(
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A.
B.C.
D.
二.填空题: 1.cos210°+cos250°-sin40°sin80°=
2.在△ABC中,已知三个角A、B、C成等差数列,假设它们所对的边分别为a,b,c,
C-A
并且c-a等于AC边上的高h,则sin2.
3.将正奇数集合{1,3,5,…}由小到大按第n组有(2n-1)个奇数进行分组:
{1}, {3,5,7}, {9,11,13,15,17},…… (第一组) (第二组) (第三组) 则1991位于第 组.
4.19912000除以106,余数是 .
5.设复数z1,z2满足|z1|=|z1+z2|=3,|z1-z2|=3,则log3|(z1-z2)2000+(-z1
z2)2000|=
6.设集合M={1,2,…,1000},现对M中的任一非空子集X,令αX表示X中最大数与最小数的和.那么,所有这样的αX的算术平均值为 .
三.设正三棱锥P—ABC的高为PO,M为PO的中点,过AM作与棱BC平行的平面,将三棱锥截为上、下两部分,试求此两部分的体积比.
四.设O为抛物线的顶点,F为焦点,且PQ为过F的弦.已知|OF|=a,|PQ|=B.求△OPQ的面积.
五.已知0<a<1,x2+y=0,求证:
- 1 -
上海中学 唐名昌
log?log1a(ax+ay)a2+8.
参考答案
一.选择题:
1.由一个正方体的三个顶点所能构成的正三角形的个数为(
- 2 - )
上海中学 唐名昌
A.4 B.8 C.12 D.24 解:每个正方形的顶点对应着一个正三角形.故选B
a+b-cabc
2.设a、b、c均为非零复数,且bca,则的值为( )
a-b+c
A.1 B.±ω C.1,ω,ω2 D.1,-ω,-ω2
a+b-c1+t2-t1abc322
解:令bca=t,则a=at.由a≠0得t=1,ω,ω.且1+ω+ω=0.故.选
a-b+c1-t+ttC.
3.设a是正整数,a<100,并且a3+23能被24整除,那么,这样的a的个数为( ) A.4 B.5 C.9 D.10
解:即24|a3-1,而a≡0,±1,±2,±3,4,则a3≡0,±1,0,±3,0.故a-1≡0(mod 8).
若a≡0,1,2(mod 3),则a3≡0,1,-1(mod 3),∴ a-1≡0(mod 3).即a-1≡0(mod 24).选B.
4.设函数y=f(x)对于一切实数x满足 f(3+x)=f(3-x)
且方程f(x)=0恰有6个不同的实数根,则这6个实根的和为( )A
A.18 B.12 C.9 D.0
解:该函数图象关于x=3对称.故6个根的和=3×2×3=18.选A.
5.设S={(x,y)|x2-y2=奇数,x,y∈R},T={(x,y)|sin(2πx2)-sin(2πy2)=cos(2πx2)-cos(2πy2),x,y∈R},则( )
??
A.S?T B.T?S C.S=T D.S∩T=Ø
解:若x2-y2为奇数,则sin(2πx2)-sin(2πy2)=cos(2πx2)-cos(2πy2)成立,即S?T.
?
2222
又若x=y时,sin(2πx)-sin(2πy)=cos(2πx)-cos(2πy)也成立,即得S?T,选A. 6.方程|x-y2|=1-|x|的图象为(
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22 2x-y=1-x,即y=2x-1(x?y),?2 2??x-y(x?y),?222
解:∵ |x-y2|=?2故此方程等价于?y-x=1-x,即y=1 (0?x<y), 2
?y-x (x<y).?22??y-x=1+x,即y=2x+1(x<0).
故选D.
二.填空题: 1.cos210°+cos250°-sin40°sin80°=
1
解:原式=(cos10°-cos50°)2+cos10°cos50°=sin220°++cos10°cos50°=2(1-
- 3 -
A.
B.C.
D.
上海中学 唐名昌
3cos40°+cos60°+cos40°)=4
2.在△ABC中,已知三个角A、B、C成等差数列,假设它们所对的边分别为a,b,c,
C-A并且c-a等于AC边上的高h,则sin2.
hh解:易知h=c-a=-,?sinAsinC=sinC-sinA,由已知,A+C=120°. sinAsinC
C-A120?C-A312C-A∴ 2[cos(C-A)-cos120?]=2sin22,即sin2240
C-AC-A13即sin2=-2 (舍去),sin2=2.
3.将正奇数集合{1,3,5,…}由小到大按第n组有(2n-1)个奇数进行分组:
{1},{3,5,7},{9,11,13,15,17},……
(第一组) (第二组) (第三组)
则1991位于第 组.
解:由于1+3+…+(2n-1)=n2,故第n组最后一数为2n2-1,于是解2(n-1)2-1+2?1991?2n2-1,得n=32.即在第32组.
4.19912000除以106,余数是 .
解:19912000=(1990+1)2000=19902000+…+C2000×19903+C2000×19902+C2000×1990+1
≡1000×1999×19902+2000×1990+1≡880001(mod 106).即余数为880001.
5.设复数z1,z2满足|z1|=|z1+z2|=3,|z1-z2|=3,则log3|(z1-z2)2000+(-z1
z2)2000|=
解:由|z1+z2|2+|z1-z2|2=2(|z1|2+|z2|2),得|z2|=3.由于|z1|=|z2|=|z1+z2|=3,故argz1-argz2=±120°.
∴|(z1-z2)2000+(-z1z2)2000|=2×34000|cos(120°×2000)|=34000.故log3|(z1-z2)2000+(-z1z2)2000|=4000.
6.设集合M={1,2,…,1000},现对M中的任一非空子集X,令αX表示X中最大数与最小数的和.那么,所有这样的αX的算术平均值为 .
解:对于任一整数n(0<n?1000),以n为最大数的集合有2n-1个,以n为最小数的集合有21000-n个,以1001-n为最小数的集合则有2n-1个,以1001-n为最大数的集合则有21000-n个.故n与1001-n都出现2n-1+21000-n次.
11000∴ 所有αx的和=2Σ1001·(2n-1+21000-n) =1001×(21000-1). n=1
∴ 所求平均值=1001.
又解:对于任一组子集A={b1,…,bk},b1<b2<…<bk(1?k<1000),取子集A?={1001-b1,…,1001-bk},若A≠A?,则此二子集最大数与最小数之和=b1+bk+1001-b1+1001-bk=2002,平均数为1001.若A=A?,则A本身的=1001.
由于每一子集均可配对.故所求算术平均数为1001.
三.设正三棱锥P—ABC的高为PO,M为PO的中点,过AM作与棱BC平行的平面,将三棱锥截为上、下两部分,试求此两部分的体积比.
解: PM是PO中点,延长AO与BC交于点D,则D为BC中点,连
HPD,由于AM在平面PAD内,故延长AM与PD相交,设交点为F.题199719981999
- 4 -
A
BEC
上海中学 唐名昌
中截面与面PBC交于过F的直线GH,G、H分别在PB、PC上.由于BC∥截面AGH,∴GH∥BC.
PMOADFPMOA2DF3在面PAD中,△POD被直线AF截,故MO1,但1,=,∴ADFPMOAD3FP=2.
PF2S?PGH4S?PGH4∴ PD=5,∴.而截面分此三棱锥所成两部分可看成是有顶点A的两S?PBC25SHGBC21
个棱锥A—PGH及A—HGBC.故二者体积比=4∶21.
四.设O为抛物线的顶点,F为焦点,且PQ为过F的弦.已知|OF|=a,|PQ|=B.求△OPQ的面积.
2a4a解:(用极坐标)设抛物线方程为ρ=PQ与极径所成角为α,则sin=B. 1-cosθ
11所求面积S=2|OF|·|PQ|sinα=2·2
五.已知0<a<1,x2+y=0,求证:
1 loga(ax+ay)?loga2+8.
1x+y1xy解:由于0<a<1,即证a+a?2a8.由于a+a?2a2.而x+y=x-x2=x(1-x)?4.于是xyab=aab.
x+y1
a2?a8.
x+y1
∴ ax+ay?2a2?2a8.故证.
- 5 -
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