高中物理奥林匹克竞赛解题方法讲座：(12)类比法(含答案)

高中物理奥赛经典

十二、类比法

方法简介

类比法是根据两个研究对象或两个系统在某些属性上类似而推出其他属性也类似的思维方法，是一种由个别到个别的推理形式。 其结论必须由实验来检验，类比对象间共有的属性越多，则类比结论的可靠性越大。

在研究物理问题时，经常会发现某些不同问题在一定范围内具有形式上的相似性，其中包括数学表达式上的相似性和物理图像上的相似性。 类比法就是在于发现和探索这一相似性，从而利用已知系统的物理规律去寻找未知系统的物理规律。

赛题精讲

例1：图12—1中AOB是一内表面光滑的楔形槽，固定在水平桌面（图中纸面）上，夹角α = 1°（为了能看清楚，图中画的是夸大了的）。现将一质点在BOA面内从A处以速度v = 5m/s射出，其方向与AO间的夹角θ = 60°，OA

= 10m 。设质点与桌面间的摩擦可忽略不计，质点与OB

面及OA面的碰撞都是弹性碰撞，且每次碰撞时间极短，

可忽略不计，试求：

（1）经过几次碰撞质点又回到A处与OA相碰？（计

算次数时包括在A处的碰撞）

（2）共用多少时间？

（3）在这过程中，质点离O点的最短距离是多少？

解析：由于此质点弹性碰撞时的运动轨迹所满足的规律和光的反射定律相同，所以可用类比法通过几何光学的规律进行求解。 即可用光在平面镜上反射时，物像关于镜面对称的规律和光路是可逆的规律求解。

（1）第一次，第二次碰撞如图12—1—甲所示，由三

角形的外角等于不相邻的一两个内角和可知∠MBA =

60°+ 1°= 61°，故第一次碰撞的入射角为90°－61°=

29°。

第二次碰撞，∠BCA = 61°+ 1°= 62°，故第二次 碰撞的入射角为90°－62° = 28°。

因此，每碰一次，入射角要减少1°，即入射角为29°、28°、?、0°，当入射角为0°时，质点碰后沿原路返回。 包括最后在A处的碰撞在内，往返总共60次碰撞。

（2）如图12—1—乙所示，从O依次作出与OB边

成1°、2°、3°、??的射线，从对称规律可推知，

在AB的延长线上，BC′、C′D′、D′E′、??分

别和BC、CD、DE、??相等，它们和各射线的交角即

为各次碰撞的入射角与直角之和。 碰撞入射角为0° 时，即交角为90°时开始返回。

故质点运动的总路程

图12—1—乙 类比法第1页（共9页）

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为一锐角为60°的Rt△AMO的较小直角边AM的二倍。

即：s = 2AM = 2AO?cos60°= 10m

所用总时间：t =s10== 2s v5

（3）碰撞过程中离O的最近距离为另一直角边长：OM = AO?sin60°

m

（此题也可以用递推法求解，读者可自己试解。）

例2：有一个很大的湖，岸边（可视湖岸为直线）停放着一艘小船，缆绳突然断开，小船被风刮跑，其方向与湖岸成15°角，速度为2.5km/h 。 同时岸上一人从停放点起追赶小船，已知他在岸上跑的速度为4.0km/h ，在水中游的速度为2.0km/h ，问此人能否追及小船？

解析：费马原理指出：光总是沿着光程为极小值的路径传播。据此可以证明，光在平面分界面上的折射是以时间为极小值的路程传播。本题求最短时间问题，可类比类在平面分界面上的折射情况，这样就把一个运动问题通过类比可转化为光的折射问题求解。

如图12—2所示，船沿OP方向被刮跑，设人从O

点出发先沿湖岸跑，在A点入水游到OP的B点，如果

符合光的折射定律，则所用时间最短。根据折射定律：

sin90o4.0=，解得：γ = 30° 2.0sin?α = 180°－15°－(90°+γ) = 45°

在这最短时间内，若船还未到达B点，则人能追上

小船，若船已经通过了B点，则人不能追上小船，所以

船刚好能到达B点所对应的船速就是小船能被追及的最大船速vm 。 根据正弦定理：

又：t = t1 + t2

v1v2sin120o由以上两式可解得：vm = ② v1sin15o?

v2sin45o vmtv1t1v2t2== ① sin120osin45osin15o

此即小船能被人追上的最大速度，而小船实际速度只有2.5km/h ，小于

，所以人能追上小船。

例3：一只蚂蚁洞沿直线爬出，已知爬出速度v的大小与距蚂蚁洞中心的距离L成反比，当蚂蚁爬到距蚂蚁洞中心距离L1 = 1m的A点时，速度大小为v1 = 20cm/s ，问当蚂蚁爬到距蚂蚁洞中心L2 = 2m的B点时，其速度大小v2 = ?蚂蚁从A点到达B点所用的时间t =？

解析：虽然蚂蚁的运动我们不能直接用已学过的运动学公式求解，但只要能找到描述蚂蚁运动的公式和学过的公式的形式相同，便可借助学过的公式形式使问题得以解决。

由已知得：蚂蚁在距离巢中心△处的速度为v = k

0.2m2/s ，所以当L2 = 2m时，其速度v2 =

1，代入已知得：k = vL = 0.2×1 = Lk= 0.1m/s L

2类比法第2页（共9页）

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由速度的定义得蚂蚁从L到L + ΔL所需时间为Δt

?L1=?ΔL?L ① kv

??s?v?t类比初速v0 = 0的匀加速直线运动的两个基本公式? v?at?所以：Δt =

在t到Δt时刻所经位移Δs为：Δs = a?Δt?t ②

比较①、②两式可以看出两式的表述形式相同。

据此，可得蚂蚁问题中的参量t和L分别类比为初速为零的匀加速直线运动中的s和t 。而111相当于加速度a ，于是可得：在此蚂蚁问题中t =??L2 k2k

12?t?L11??2k令t1对应L1 ，t2对应L2 ，则所求时间为：? 1?t?L2

22??2k

代入已知可得从A到B所用的时间为：

12122212Δt = t2－t1 =－= 0.75s L2－L1=2k2k2?0.22?0.2

（此题也可以用图象法、等效法求解，读者可试试。）

例4：如图12—3所示为一很大的接地导体板，在与导体板

相距为d的A处放一带电量为－q的点电荷。

（1）试求板上感应电荷在导体内P点产生的电场强度；

（2）试求感应电荷在导体外P′点产生的电场强度，P 与

P′对导体板右表面是对称的；

（3）在本题情形中根据场强分析证明导体表面附近的电场图12—

3

强度的方向与导体表面垂直；

（4）试求导体上的感应电荷对点电荷－q的作用力；

（5）若在切断导体板与地的连线后，再将+Q电荷置于导体板上，试说明这部分电荷在导体板上如何分布可达到静电平衡。（略去边缘效应）

解析：面电荷问题有时可用点电荷场来类比，使问题大大简化。（1）因导体处于静电平衡状态，内部场强为零，因此感应电荷在P点产生的场强可用点电荷场类比，若在A点放+q在导体中P点产生的场和感应电荷

在P点产生的场相同，因此有E = kq，r2

方向如图12—3—甲所示。（r为AP间距

离）

（2）同理，感应电荷在导体外P′

点产生的电场跟把+q放在与A关于导体

右表面对称的A′点产生的电场相同，

即 图12—3—甲 图12—3—乙 类比法第3页（共9页）