高中数学竞赛 平面几何讲座第4讲 四点共圆问题
上传者:黄国锐|上传时间:2015-04-15|密次下载
高中数学竞赛 平面几何讲座第4讲 四点共圆问题
第四讲 四点共圆问题
“四点共圆”问题在数学竞赛中经常出现,这类问题一般有两种形式:一是以“四点共圆”作为证题的目的,二是以“四点共圆”作为解题的手段,为解决其他问题铺平道路.判定“四点共圆”的方法,用得最多的是统编教材《几何》二册所介绍的两种(即P89定理和P93例3),由这两种基本方法推导出来的其他判别方法也可相机采用. 1 “四点共圆”作为证题目的 例1.给出锐角△ABC,以AB为直径的圆与AB边的高CC′及其延长线交于M,
N.以AC为直径的圆与AC边的高BB′及其延长线将于P,Q.求证:M,N,P,Q四点共圆.
(第19届美国数学奥林匹克)
分析:设PQ,MN交于K点,连接AP,AM. Q欲证M,N,P,Q四点共圆,须证
C′MK·KN=PK·KQ,
即证(MC′-KC′)(MC′+KC′) =(PB′-KB′)·(PB′+KB′) B2222
或MC′-KC′=PB′-KB′ . ①
不难证明 AP=AM,从而有 AB′2+PB′2=AC′2+MC′2. 故 MC′2-PB′2=AB′2-AC′2
=(AK2-KB′2)-(AK2-KC′2)
=KC′2-KB′2. ②
O由②即得①,命题得证.
例2.A、B、C三点共线,O点在直线外,
O1
O1,O2,O3分别为△OAB,△OBC,
O2△OCA的外心.求证:O,O1,O2, 3
O3四点共圆.
A(第27届莫斯科数学奥林匹克) BC
分析:作出图中各辅助线.易证O1O2垂直平分OB,O1O3垂直平分OA.观察△OBC
1
及其外接圆,立得∠OO2O1=∠OO2B=∠OCB.观察△OCA及其外接圆,
2
1
立得∠OO3O1=∠OO3A=∠OCA.
2
由∠OO2O1=∠OO3O1?O,O1,O2,O3共圆.
利用对角互补,也可证明O,O1,O2,O3四点共圆,请同学自证. 2 以“四点共圆”作为解题手段
这种情况不仅题目多,而且结论变幻莫测,可大体上归纳为如下几个方面. (1)证角相等
例3.在梯形ABCD中,AB∥DC,AB>CD,K,M分别在AD,BC上,∠DAM
=∠CBK.
求证:∠DMA=∠CKB.
CD
(第二届袓冲之杯初中竞赛)
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KAMB
分析:易知A,B,M,K四点共圆.连接KM,
有∠DAB=∠CMK.∵∠DAB+∠ADC
=180°,
∴∠CMK+∠KDC=180°.
故C,D,K,M四点共圆?∠CMD=∠DKC.
但已证∠AMB=∠BKA,
∴∠DMA=∠CKB.
A(2)证线垂直
例4.⊙O过△ABC顶点A,C,且与AB, KBC交于K,N(K与N不同).△ABC
外接圆和△BKN外接圆相交于B和 BM.求证:∠BMO=90°. M(第26届IMO第五题)
分析:这道国际数学竞赛题,曾使许多选手望而却步.其实,只要把握已知条件
和图形特点,借助“四点共圆”,问题是不难解决的.
连接OC,OK,MC,MK,延长BM到G.易得∠GMC=
∠BAC=∠BNK=∠BMK.而∠COK=2·∠BAC=∠GMC+
∠BMK=180°-∠CMK,
∴∠COK+∠CMK=180°?C,O,K,M四点共圆.
在这个圆中,由
OC=OK? ?∠OMC=∠OMK.
但∠GMC=∠BMK,
故∠BMO=90°.
(3)判断图形形状
例5.四边形ABCD内接于圆,△BCD,△ACD,△ABD,△ABC的内心依次记
为IA,IB,IC,ID.
试证:IAIBICID是矩形.
(第一届数学奥林匹克国家集训选拔试题) 分析:连接AIC,AID,BIC,BID和DIB.易得
11IBIA∠AICB=90°+∠ADB=90°+ C22
∠ACB=∠AIDB?A,B,ID,IC四点
共圆.
A同理,A,D,IB,IC四点共圆.此时
1∠AICID=180°-∠ABID =180°-∠ABC, 2
1∠AICIB=180°-∠ADIB=180°-∠ADC, 2
∴∠AICID+∠AICIB
1=360°-(∠ABC+∠ADC) 2
1=360°-×180°=270°. 2
故∠IBICID=90°.
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同样可证IAIBICID其它三个内角皆为90°.该四边形必为矩形.
(4)计算
例6.正方形ABCD的中心为O,面积为1989㎝2.P为正方形内
一点,且∠OPB=45°,PA:PB=5:14.则PB=__________
(1989,全国初中联赛) CD分析:答案是PB=42㎝.怎样得到的呢?
连接OA,OB.易知O,P,A,B 四点共圆,有∠APB=∠AOB=90°. 故PA2+PB2=AB2=1989.
BA由于PA:PB=5:14,可求PB.
(5)其他
例7.设有边长为1的正方形,试在这个正方形的内接正三角形中找出面积最大
的和一个面积最小的,并求出这两个面积(须证明你的论断).
(1978,全国高中联赛)
分析:设△EFG为正方形ABCD 的一个内接正三角形,由于正三角形的三个顶
点至少必落在正方形的三条边上,所以不妨令F,G两点在正方形的一组
AE对边上. D 作正△EFG的高EK,易知E,K,G,
D四点共圆?∠KDE=∠KGE=60°.同 G理,∠KAE=60°.故△KAD也是一个正 F三角形,K必为一个定点. CB
又正三角形面积取决于它的边长,当KF丄AB时,边长为1,这时边长
最小,而面积S=也最小.当KF通过B点时,边长为2·2?,这4
时边长最大,面积S=23-3也最大.
例8.NS是⊙O的直径,弦AB丄NS于M,P为上异于N的任一点,PS
交AB于R,PM的延长线交⊙O于Q.求证:RS>MQ.
(1991,江苏省初中竞赛)
分析:连接NP,NQ,NR,NR的延长线交⊙O于Q′.连接
MQ′,SQ′.
易证N,M,R,P四点共圆,从而,∠SNQ′=∠MNR=
∠MPR=∠SPQ=∠SNQ.
根据圆的轴对称性质可知Q与Q′关于NS成轴对称?MQ′=MQ. 又易证M,S,Q′,R四点共圆,且RS是这个圆的直径(
∠RMS=90°),MQ′是一条弦(∠MSQ′<90°),故RS>MQ′.但MQ=MQ′,所以,RS>MQ.
练习题
1.⊙O1交⊙O2 于A,B两点,射线O1A交⊙O2 于C点,射线O2A
交⊙O1 于D点.求证:点A是△BCD的内心.
(提示:设法证明C,D,O1,B四点共圆,再证C,D,B,O2
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四点共圆,从而知C,D,O1,B,O2五点共圆.)
2.△ABC为不等边三角形.∠A及其外角平分线分别交对边中垂线于A1,A2;同样得到B1,B2,C1,C2.求证:A1A2=B1B2=C1C2.
(提示:设法证∠ABA1与∠ACA1互补造成A,B,A1,C四点共圆;再证A,A2,B,C四点共圆,从而知A1,A2都是△ABC的外接圆上,并注意∠A1AA2=90°.) 3.设点M在正三角形三条高线上的射影分别是M1,M2,M3(互不重合).求证:△M1M2M3也是正三角形.
4.在Rt△ABC中,AD为斜边BC上的高,P是AB上的点,过A点作PC的垂线交过B所作AB的垂线于Q点.求证:PD丄QD. (提示:证B,Q,E,P和B,D,E,P分别共圆)
5.AD,BE,CF是锐角△ABC的三条高.从A引EF的垂线l1,从B引FD的垂线l2,从C引DE的垂线l3.求证:l1,l2,l3三线共点.(提示:过B作AB的垂线交l1于K,证:A,B,K,C四点共圆)
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